Egzaminy prawdziwe i próbne z fizyki. Przygotowanie do jednolitego egzaminu państwowego z fizyki: przykłady, rozwiązania, wyjaśnienia
Przygotowanie do egzaminu OGE i Unified State Exam
Przeciętny ogólne wykształcenie
Linia UMK A.V. Grachev. Fizyka (10-11) (podstawowy, zaawansowany)
Linia UMK A.V. Grachev. Fizyka (7-9)
Linia UMK A.V. Peryshkin. Fizyka (7-9)
Przygotowanie do jednolitego egzaminu państwowego z fizyki: przykłady, rozwiązania, wyjaśnienia
Zadania Unified State Exam z fizyki (opcja C) analizujemy z nauczycielem.Lebedeva Alevtina Sergeevna, nauczyciel fizyki, 27 lat doświadczenia zawodowego. Certyfikat honorowy Ministerstwa Edukacji Obwodu Moskiewskiego (2013), Podziękowanie od Kierownika Obwodu Miejskiego Woskresensky (2015), Certyfikat Prezesa Stowarzyszenia Nauczycieli Matematyki i Fizyki Obwodu Moskiewskiego (2015).
W pracy przedstawiono zadania o różnym stopniu trudności: podstawowym, zaawansowanym i wysokim. Zadania na poziomie podstawowym to proste zadania sprawdzające znajomość najważniejszych pojęć, modeli, zjawisk i praw fizycznych. Zadania na poziomie zaawansowanym mają na celu sprawdzenie umiejętności wykorzystania pojęć i praw fizyki do analizy różnych procesów i zjawisk, a także umiejętności rozwiązywania problemów z wykorzystaniem jednego lub dwóch praw (wzórów) na dowolny temat z szkolnego kursu fizyki. W pracy 4 zadania części 2 są zadaniami o wysokim stopniu złożoności i sprawdzają umiejętność stosowania praw i teorii fizyki w zmienionej lub nowej sytuacji. Wykonanie takich zadań wymaga zastosowania wiedzy z dwóch lub trzech działów fizyki jednocześnie, tj. wysoki poziom szkolenia. Ta opcja jest w pełni spójna wersja demo Unified State Examination 2017, zadania pobrane z otwartego banku zadań Unified State Examination.
Rysunek przedstawia wykres modułu prędkości w funkcji czasu T. Oblicz z wykresu drogę przebytą przez samochód w przedziale czasu od 0 do 30 s.
Rozwiązanie. Drogę przebytą przez samochód w przedziale czasu od 0 do 30 s można najprościej zdefiniować jako pole trapezu, którego podstawą są przedziały czasu (30 – 0) = 30 s oraz (30 – 10 ) = 20 s, a wysokość to prędkość w= 10 m/s, tj.
| S = | (30 + 20) Z | 10 m/s = 250 m. |
| 2 |
Odpowiedź. 250 m.
Ładunek o masie 100 kg podnosi się pionowo do góry za pomocą liny. Na rysunku przedstawiono zależność rzutu prędkości V obciążenie osi skierowanej do góry w funkcji czasu T. Wyznacz moduł siły naciągu liny podczas podnoszenia.
Rozwiązanie. Zgodnie z wykresem zależności projekcji prędkości w obciążenie na osi skierowanej pionowo w górę, w funkcji czasu T, możemy wyznaczyć rzut przyspieszenia obciążenia
| A = | ∆w | = | (8 – 2) m/s | = 2 m/s 2. |
| ∆T | 3 s |
Na obciążenie działają: siła ciężkości skierowana pionowo w dół oraz siła naciągu liny skierowana pionowo w górę wzdłuż liny (patrz rys. 2. Zapiszmy podstawowe równanie dynamiki. Skorzystajmy z drugiego prawa Newtona. Suma geometryczna sił działających na ciało jest równa iloczynowi masy ciała i nadanego mu przyspieszenia.
+ = (1)
Napiszmy równanie na rzut wektorów w układzie odniesienia związanym z ziemią, kierując oś OY w górę. Rzut siły rozciągającej jest dodatni, ponieważ kierunek siły pokrywa się z kierunkiem osi OY, rzut siły ciężkości jest ujemny, ponieważ wektor siły jest przeciwny do osi OY, rzut wektora przyspieszenia jest również dodatnia, więc ciało porusza się z przyspieszeniem w górę. Mamy
T – mg = mama (2);
ze wzoru (2) moduł siły rozciągającej
T = M(G + A) = 100 kg (10 + 2) m/s 2 = 1200 N.
Odpowiedź. 1200 N.
Ciało ciągnie się po nierównej, poziomej powierzchni ze stałą prędkością, której moduł wynosi 1,5 m/s, przykładając do niego siłę pokazaną na rysunku (1). W tym przypadku moduł siły tarcia ślizgowego działającego na ciało wynosi 16 N. Jaka jest moc wytworzona przez tę siłę? F?
Rozwiązanie. Wyobraźmy sobie proces fizyczny określony w opisie problemu i wykonajmy schematyczny rysunek przedstawiający wszystkie siły działające na ciało (ryc. 2). Zapiszmy podstawowe równanie dynamiki.
T + + = (1)
Po wybraniu układu odniesienia związanego z powierzchnią stałą piszemy równania rzutowania wektorów na wybrane osie współrzędnych. Zgodnie z warunkami zadania ciało porusza się ruchem jednostajnym, gdyż jego prędkość jest stała i równa 1,5 m/s. Oznacza to, że przyspieszenie ciała wynosi zero. Na ciało działają poziomo dwie siły: siła tarcia ślizgowego tr. i siłę, z jaką ciągnie się ciało. Rzut siły tarcia jest ujemny, ponieważ wektor siły nie pokrywa się z kierunkiem osi X. Projekcja siły F pozytywny. Przypominamy, że aby znaleźć rzut, obniżamy prostopadłą od początku i końca wektora do wybranej osi. Biorąc to pod uwagę mamy: F cosα – F tr = 0; (1) wyrażmy rzut siły F, Ten F cosα = F tr = 16 N; (2) wówczas moc wytworzona przez tę siłę będzie równa N = F cosα V(3) Dokonajmy zamiany, biorąc pod uwagę równanie (2) i podstawmy odpowiednie dane do równania (3):
N= 16 N · 1,5 m/s = 24 W.
Odpowiedź. 24 W.
Obciążenie przymocowane do lekkiej sprężyny o sztywności 200 N/m podlega drganiom pionowym. Rysunek przedstawia wykres zależności przemieszczenia Xładować od czasu do czasu T. Określ, jaka jest masa ładunku. Zaokrąglij odpowiedź do liczby całkowitej.
Rozwiązanie. Masa na sprężynie podlega drganiom pionowym. Zgodnie z wykresem przemieszczenia obciążenia X od czasu T, wyznaczamy okres oscylacji obciążenia. Okres oscylacji jest równy T= 4 s; ze wzoru T= 2π wyraźmy masę Mładunek
| = | T | ; | M | = | T 2 | ; M = k | T 2 | ; M= 200 N/m | (4 s) 2 | = 81,14 kg ≈ 81 kg. |
| 2π | k | 4π 2 | 4π 2 | 39,438 |
Odpowiedź: 81 kg.
Rysunek przedstawia system dwóch lekkich bloków i nieważkiego kabla, za pomocą którego można utrzymać równowagę lub podnieść ładunek o wadze 10 kg. Tarcie jest znikome. Na podstawie analizy powyższego rysunku wybierz dwa zdania prawdziwe i wskaż ich liczbę w swojej odpowiedzi.
- Aby utrzymać ładunek w równowadze, należy na koniec liny oddziaływać siłą 100 N.
- Układ blokowy pokazany na rysunku nie daje żadnego przyrostu wytrzymałości.
- H, należy wyciągnąć odcinek liny o długości 3 H.
- Aby powoli podnieść ładunek na wysokość HH.
Rozwiązanie. W tym zadaniu należy pamiętać o prostych mechanizmach, czyli blokach: bloku ruchomym i nieruchomym. Blok ruchomy daje podwójny przyrost siły, odcinek liny trzeba ciągnąć dwa razy dłużej, a klocek nieruchomy służy do przekierowania siły. W pracy proste mechanizmy wygrywania nie dają. Po przeanalizowaniu problemu od razu wybieramy niezbędne stwierdzenia:
- Aby powoli podnieść ładunek na wysokość H, należy wyciągnąć odcinek liny o długości 2 H.
- Aby utrzymać ładunek w równowadze, należy na koniec liny oddziaływać siłą 50 N.
Odpowiedź. 45.
Aluminiowy ciężarek przymocowany do nieważkiej i nierozciągliwej nici jest całkowicie zanurzony w naczyniu z wodą. Ładunek nie dotyka ścian i dna naczynia. Następnie w tym samym naczyniu z wodą zanurza się odważnik żelazny, którego masa jest równa masie odważnika aluminiowego. Jak zmieni się w wyniku tego moduł siły rozciągającej nitkę i moduł siły ciężkości działającej na obciążenie?
- Zwiększa się;
- Zmniejsza się;
- Nie zmienia się.
Rozwiązanie. Analizujemy stan problemu i podkreślamy te parametry, które nie zmieniają się w trakcie badania: są to masa ciała i ciecz, w której ciało jest zanurzone na nitce. Następnie lepiej wykonać schematyczny rysunek i wskazać siły działające na ładunek: napięcie nici F kontrola skierowana w górę wzdłuż nici; grawitacja skierowana pionowo w dół; Siła Archimedesa A, działający od strony cieczy na zanurzone ciało i skierowany ku górze. Zgodnie z warunkami zadania masa ładunków jest taka sama, dlatego moduł siły ciężkości działającej na ładunek nie zmienia się. Ponieważ gęstość ładunku jest inna, objętość również będzie inna.
| V = | M | . |
| P |
Gęstość żelaza wynosi 7800 kg/m3, a gęstość ładunku aluminium 2700 kg/m3. Stąd, V I< V a. Ciało znajduje się w równowadze, wypadkowa wszystkich sił działających na ciało wynosi zero. Skierujmy oś współrzędnych OY w górę. Podstawowe równanie dynamiki, uwzględniające rzut sił, zapisujemy w postaci F kontrola + Fa – mg= 0; (1) Wyraźmy siłę napięcia F kontrola = mg – Fa(2); Siła Archimedesa zależy od gęstości cieczy i objętości zanurzonej części ciała Fa = ρ gV p.h.t. (3); Gęstość cieczy nie zmienia się, a objętość żelaznego korpusu jest mniejsza V I< V a, dlatego siła Archimedesa działająca na ładunek żelaza będzie mniejsza. Dochodzimy do wniosku, że moduł siły rozciągającej gwintu, korzystając z równania (2), wzrośnie.
Odpowiedź. 13.
Blok masy M zsuwa się z ustalonej, nierównej, nachylonej płaszczyzny o kącie α u podstawy. Moduł przyspieszenia bloku jest równy A, moduł prędkości bloku wzrasta. Opór powietrza można pominąć.
Ustal zgodność między wielkościami fizycznymi i wzorami, za pomocą których można je obliczyć. Dla każdej pozycji w pierwszej kolumnie wybierz odpowiednią pozycję z drugiej kolumny i zapisz wybrane liczby w tabeli pod odpowiednimi literami.
B) Współczynnik tarcia klocka o pochyłą płaszczyznę
3) mg cosα
| 4) sinα – | A |
| G cosα |
Rozwiązanie. Zadanie to wymaga zastosowania praw Newtona. Zalecamy wykonanie schematycznego rysunku; wskazać wszystkie kinematyczne cechy ruchu. Jeśli to możliwe, przedstaw wektor przyspieszenia i wektory wszystkich sił przyłożonych do poruszającego się ciała; pamiętaj, że siły działające na ciało są wynikiem oddziaływania z innymi ciałami. Następnie zapisz podstawowe równanie dynamiki. Wybierz układ odniesienia i zapisz otrzymane równanie do rzutowania wektorów siły i przyspieszenia;
Kierując się zaproponowanym algorytmem wykonamy schematyczny rysunek (ryc. 1). Rysunek przedstawia siły przyłożone do środka ciężkości bloku i osi współrzędnych układu odniesienia związanego z powierzchnią pochyłej płaszczyzny. Ponieważ wszystkie siły są stałe, ruch klocka będzie równomiernie zmienny wraz ze wzrostem prędkości, tj. wektor przyspieszenia jest skierowany w kierunku ruchu. Wybierzmy kierunek osi, jak pokazano na rysunku. Zapiszmy rzuty sił na wybrane osie.
Zapiszmy podstawowe równanie dynamiki:
Tr + = (1)
Zapiszmy to równanie (1) dla rzutu sił i przyspieszenia.
Na osi OY: rzut siły reakcji podłoża jest dodatni, ponieważ wektor pokrywa się z kierunkiem osi OY Nie = N; rzut siły tarcia wynosi zero, ponieważ wektor jest prostopadły do osi; rzut grawitacji będzie ujemny i równy mg r= – mg cosα; projekcja wektora przyspieszenia y= 0, ponieważ wektor przyspieszenia jest prostopadły do osi. Mamy N – mg cosα = 0 (2) z równania wyrażamy siłę reakcji działającą na klocek od strony pochyłej płaszczyzny. N = mg cosα (3). Zapiszmy rzuty na osi OX.
Na osi OX: projekcja siły N jest równy zeru, ponieważ wektor jest prostopadły do osi OX; Rzut siły tarcia jest ujemny (wektor jest skierowany w stronę przeciwna strona względem wybranej osi); rzut grawitacji jest dodatni i równy mg x = mg sinα (4) z trójkąta prostokątnego. Projekcja przyspieszenia jest dodatnia x = A; Następnie piszemy równanie (1) biorąc pod uwagę rzut mg sinα – F tr = mama (5); F tr = M(G sinα – A) (6); Pamiętaj, że siła tarcia jest proporcjonalna do siły normalnego ciśnienia N.
A-przeorat F tr = µ N(7) wyrażamy współczynnik tarcia klocka na pochyłej płaszczyźnie.
| μ = | F tr | = | M(G sinα – A) | = tgα – | A | (8). |
| N | mg cosα | G cosα |
Dla każdej litery wybieramy odpowiednie pozycje.
Odpowiedź. A – 3; B-2.
Zadanie 8. Gazowy tlen znajduje się w naczyniu o pojemności 33,2 litra. Ciśnienie gazu wynosi 150 kPa, jego temperatura wynosi 127°C. Określ masę gazu w tym naczyniu. Wyraź odpowiedź w gramach i zaokrąglij do najbliższej liczby całkowitej.
Rozwiązanie. Należy zwrócić uwagę na konwersję jednostek do układu SI. Zamień temperaturę na Kelvina T = T°C + 273, objętość V= 33,2 l = 33,2 · 10 –3 m 3 ; Przeliczamy ciśnienie P= 150 kPa = 150 000 Pa. Korzystanie z równania stanu gazu doskonałego
Wyraźmy masę gazu.
Pamiętaj, aby zwrócić uwagę na to, które jednostki proszone są o zapisanie odpowiedzi. To jest bardzo ważne.
Odpowiedź.'48
Zadanie 9. Idealny gaz jednoatomowy w ilości 0,025 mola rozszerzał się adiabatycznie. Jednocześnie jego temperatura spadła z +103°C do +23°C. Ile pracy wykonał gaz? Wyraź odpowiedź w dżulach i zaokrąglij do najbliższej liczby całkowitej.
Rozwiązanie. Po pierwsze, gaz jest jednoatomową liczbą stopni swobody I= 3, po drugie, gaz rozpręża się adiabatycznie – czyli bez wymiany ciepła Q= 0. Gaz rzeczywiście działa poprzez zmniejszenie energii wewnętrznej. Biorąc to pod uwagę, pierwszą zasadę termodynamiki zapisujemy w postaci 0 = ∆ U + A G; (1) wyraźmy pracę gazu A g = –∆ U(2); Zmianę energii wewnętrznej gazu jednoatomowego zapisujemy jako
Odpowiedź. 25 J.
Wilgotność względna porcji powietrza o określonej temperaturze wynosi 10%. Ile razy należy zmienić ciśnienie tej porcji powietrza, aby przy stałej temperaturze jego wilgotność względna wzrosła o 25%?
Rozwiązanie. Pytania dotyczące pary nasyconej i wilgotności powietrza najczęściej sprawiają uczniom trudności. Skorzystajmy ze wzoru, aby obliczyć wilgotność względną powietrza
Zgodnie z warunkami problemu temperatura się nie zmienia, co oznacza, że ciśnienie pary nasyconej pozostaje takie samo. Zapiszmy wzór (1) dla dwóch stanów powietrza.
φ 1 = 10%; φ2 = 35%
Wyraźmy ciśnienie powietrza ze wzorów (2), (3) i znajdźmy stosunek ciśnień.
| P 2 | = | φ 2 | = | 35 | = 3,5 |
| P 1 | φ 1 | 10 |
Odpowiedź. Ciśnienie należy zwiększyć 3,5 razy.
Gorącą, ciekłą substancję powoli chłodzono w piecu do topienia przy stałej mocy. W tabeli przedstawiono wyniki pomiarów temperatury substancji w funkcji czasu.
Wybierz z podanej listy dwa stwierdzenia, które odpowiadają wynikom przeprowadzonych pomiarów i wskazują ich numery.
- Temperatura topnienia substancji w tych warunkach wynosi 232°C.
- W 20 minut. po rozpoczęciu pomiarów substancja znajdowała się jedynie w stanie stałym.
- Pojemność cieplna substancji w stanie ciekłym i stałym jest taka sama.
- Po 30 minutach po rozpoczęciu pomiarów substancja znajdowała się jedynie w stanie stałym.
- Proces krystalizacji substancji trwał ponad 25 minut.
Rozwiązanie. Ponieważ substancja ostygła, to energia wewnętrzna zmniejszona. Wyniki pomiarów temperatury pozwalają określić temperaturę, w której substancja zaczyna krystalizować. Podczas gdy substancja zmienia się z cieczy w ciało stałe, temperatura się nie zmienia. Wiedząc, że temperatura topnienia i temperatura krystalizacji są takie same, wybieramy stwierdzenie:
1. Temperatura topnienia substancji w tych warunkach wynosi 232°C.
Drugie prawidłowe stwierdzenie to:
4. Po 30 min. po rozpoczęciu pomiarów substancja znajdowała się jedynie w stanie stałym. Ponieważ temperatura w tym momencie jest już niższa od temperatury krystalizacji.
Odpowiedź. 14.
W układzie izolowanym ciało A ma temperaturę +40°C, a ciało B ma temperaturę +65°C. Ciała te zostały ze sobą zetknięte termicznie. Po pewnym czasie nastąpiła równowaga termiczna. Jak w rezultacie zmieniła się temperatura ciała B oraz całkowita energia wewnętrzna ciał A i B?
Dla każdej wielkości określ odpowiedni charakter zmiany:
- Zwiększony;
- Zmniejszone;
- Nie zmieniło się.
Dla każdego z nich zapisz wybrane liczby w tabeli. wielkość fizyczna. Liczby w odpowiedzi mogą się powtarzać.
Rozwiązanie. Jeżeli w izolowanym układzie ciał nie zachodzą inne przemiany energii niż wymiana ciepła, to ilość ciepła oddanego przez ciała, których energia wewnętrzna maleje, jest równa ilości ciepła odbieranego przez ciała, których energia wewnętrzna wzrasta. (Zgodnie z prawem zachowania energii.) W tym przypadku całkowita energia wewnętrzna układu nie ulega zmianie. Problemy tego typu rozwiązuje się w oparciu o równanie bilansu cieplnego.
| ∆U = ∑ | N | ∆Ty = 0 (1); |
| I = 1 |
gdzie ∆ U– zmiana energii wewnętrznej.
W naszym przypadku w wyniku wymiany ciepła zmniejsza się energia wewnętrzna ciała B, co oznacza, że spada temperatura tego ciała. Energia wewnętrzna ciała A wzrasta, ponieważ ciało otrzymało pewną ilość ciepła od ciała B, jego temperatura wzrośnie. Całkowita energia wewnętrzna ciał A i B nie zmienia się.
Odpowiedź. 23.
Proton P lecący w szczelinę między biegunami elektromagnesu ma prędkość prostopadłą do wektora indukcji pola magnetycznego, jak pokazano na rysunku. Gdzie jest siła Lorentza działająca na proton, skierowana względem rysunku (w górę, w stronę obserwatora, od obserwatora, w dół, w lewo, w prawo)
Rozwiązanie. Pole magnetyczne działa na naładowaną cząstkę siłą Lorentza. Aby określić kierunek tej siły, należy pamiętać o mnemonicznej regule lewej ręki, nie zapomnij wziąć pod uwagę ładunku cząstki. Cztery palce lewej ręki kierujemy wzdłuż wektora prędkości, dla cząstki naładowanej dodatnio wektor powinien wchodzić prostopadle do dłoni, kciuk ustawiony pod kątem 90° wskazuje kierunek siły Lorentza działającej na cząstkę. W rezultacie mamy, że wektor siły Lorentza jest skierowany od obserwatora względem figury.
Odpowiedź. od obserwatora.
Moduł naprężenia pole elektryczne w płaskim kondensatorze powietrznym o pojemności 50 μF jest równe 200 V/m. Odległość pomiędzy płytkami kondensatora wynosi 2 mm. Jaki jest ładunek na kondensatorze? Zapisz odpowiedź w µC.
Rozwiązanie. Przeliczmy wszystkie jednostki miary na układ SI. Pojemność C = 50 µF = 50 10 –6 F, odległość pomiędzy płytami D= 2 · 10 –3 m. Problem dotyczy płaskiego kondensatora powietrznego – urządzenia służącego do magazynowania ładunku elektrycznego i energii pola elektrycznego. Ze wzoru na pojemność elektryczną
Gdzie D– odległość pomiędzy płytami.
Wyraźmy napięcie U=E D(4); Podstawmy (4) do (2) i obliczmy ładunek kondensatora.
Q = C · wyd= 50 10 –6 200 0,002 = 20 µC
Proszę zwrócić uwagę na jednostki w jakich należy wpisać odpowiedź. Otrzymaliśmy go w kulombach, ale przedstawiamy go w µC.
Odpowiedź. 20 µC.
Student przeprowadził doświadczenie dotyczące załamania światła widoczne na fotografii. Jak zmienia się kąt załamania światła rozchodzącego się w szkle i współczynnik załamania światła szkła wraz ze wzrostem kąta padania?
- Zwiększa się
- Zmniejsza się
- Nie zmienia się
- Zapisz wybrane liczby dla każdej odpowiedzi w tabeli. Liczby w odpowiedzi mogą się powtarzać.
Rozwiązanie. W problemach tego typu pamiętamy, czym jest załamanie. Jest to zmiana kierunku propagacji fali podczas przejścia z jednego ośrodka do drugiego. Jest to spowodowane tym, że prędkości rozchodzenia się fal w tych ośrodkach są różne. Po ustaleniu, do jakiego ośrodka światło się rozchodzi, napiszmy prawo załamania światła w postaci
| sinα | = | N 2 | , |
| sinβ | N 1 |
Gdzie N 2 – bezwzględny współczynnik załamania światła szkła, ośrodka, przez który przechodzi światło; N 1 to bezwzględny współczynnik załamania światła pierwszego ośrodka, z którego pochodzi światło. Dla powietrza N 1 = 1. α to kąt padania wiązki światła na powierzchnię szklanego półcylindra, β to kąt załamania wiązki w szkle. Co więcej, kąt załamania będzie mniejszy niż kąt padania, ponieważ szkło jest ośrodkiem optycznie gęstszym - ośrodkiem o wysokim współczynniku załamania światła. Prędkość propagacji światła w szkle jest mniejsza. Należy pamiętać, że kąty mierzymy od prostopadłej przywróconej w miejscu padania belki. Jeśli zwiększysz kąt padania, wówczas kąt załamania wzrośnie. Nie zmieni to współczynnika załamania światła szkła.
Odpowiedź.
Sweter miedziany w pewnym momencie T 0 = 0 zaczyna poruszać się z prędkością 2 m/s po równoległych, poziomych szynach przewodzących, do których końców podłączony jest rezystor 10 omów. Cały układ znajduje się w pionowym, jednolitym polu magnetycznym. Opór zworki i szyn jest znikomy, zworka jest zawsze umieszczona prostopadle do szyn. Strumień Ф wektora indukcji magnetycznej przez obwód utworzony przez zworkę, szyny i rezystor zmienia się w czasie T jak pokazano na wykresie.
Korzystając z wykresu, wybierz dwa poprawne stwierdzenia i wskaż ich numery w swojej odpowiedzi.
- Do czasu T= zmiana strumienia magnetycznego w obwodzie w ciągu 0,1 s wynosi 1 mWb.
- Prąd indukcyjny w zworku w zakresie od T= 0,1 s T= maks. 0,3 s
- Moduł indukcyjnego emf powstającego w obwodzie wynosi 10 mV.
- Siła prądu indukcyjnego płynącego w zworce wynosi 64 mA.
- Aby utrzymać ruch skoczka, przykłada się do niego siłę, której rzut w kierunku szyn wynosi 0,2 N.
Rozwiązanie. Korzystając z wykresu zależności strumienia wektora indukcji magnetycznej przez obwód od czasu, określimy obszary, w których zmienia się strumień F i gdzie zmiana strumienia wynosi zero. Pozwoli nam to określić, w jakich odstępach czasu w obwodzie będzie pojawiał się prąd indukowany. Prawdziwe oświadczenie:
1) Do czasu T= zmiana strumienia magnetycznego w obwodzie o 0,1 s jest równa 1 mWb ∆Ф = (1 – 0) 10 –3 Wb; Moduł indukcyjnego emf powstającego w obwodzie określa się za pomocą prawa EMR
Odpowiedź. 13.
Korzystając z wykresu zależności prądu od czasu w obwodzie elektrycznym o indukcyjności 1 mH, wyznacz samoindukcyjny moduł SEM w przedziale czasu od 5 do 10 sekund. Zapisz odpowiedź w µV.
Rozwiązanie. Przeliczmy wszystkie wielkości na układ SI, tj. zamieniamy indukcyjność 1 mH na H, otrzymujemy 10 –3 H. Przeliczymy również prąd pokazany na rysunku w mA na A, mnożąc przez 10 –3.
Wzór na samoindukcję emf ma postać
w tym przypadku przedział czasu podawany jest zgodnie z warunkami problemu
∆T= 10 s – 5 s = 5 s
sekund i korzystając z wykresu wyznaczamy przedział zmian prądu w tym czasie:
∆I= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 A.
Podstawiamy wartości liczbowe do wzoru (2), otrzymujemy
| Ɛ | = 2 ·10 –6 V lub 2 µV.
Odpowiedź. 2.
Dwie przezroczyste, płasko-równoległe płytki są ściśle do siebie dociśnięte. Promień światła pada z powietrza na powierzchnię pierwszej płytki (patrz rysunek). Wiadomo, że współczynnik załamania światła górnej płyty jest równy N 2 = 1,77. Ustal zgodność między wielkościami fizycznymi a ich znaczeniami. Dla każdej pozycji w pierwszej kolumnie wybierz odpowiednią pozycję z drugiej kolumny i zapisz wybrane liczby w tabeli pod odpowiednimi literami.
Rozwiązanie. Aby rozwiązać problemy załamania światła na granicy dwóch ośrodków, w szczególności problemy przejścia światła przez płasko-równoległe płyty, można zalecić następującą procedurę rozwiązania: wykonać rysunek wskazujący drogę promieni przechodzących z jednego ośrodka do inny; W miejscu padania wiązki na styku obu ośrodków narysuj normalną do powierzchni, zaznacz kąty padania i załamania. Zwróć szczególną uwagę na gęstość optyczną rozważanych ośrodków i pamiętaj, że gdy wiązka światła przechodzi z ośrodka optycznie słabszego do ośrodka optycznie gęstszego, kąt załamania będzie mniejszy niż kąt padania. Rysunek pokazuje kąt między promieniem padającym a powierzchnią, ale potrzebujemy kąta padania. Pamiętaj, że kąty wyznacza się od prostopadłej przywróconej w miejscu uderzenia. Ustalamy, że kąt padania wiązki światła na powierzchnię wynosi 90° – 40° = 50°, współczynnik załamania światła N 2 = 1,77; N 1 = 1 (powietrze).
Zapiszmy prawo załamania światła
| sinβ = | grzech50 | = 0,4327 ≈ 0,433 |
| 1,77 |
Narysujmy przybliżoną ścieżkę belki przez płyty. Stosujemy wzór (1) dla granic 2–3 i 3–1. W odpowiedzi otrzymujemy
A) Sinus kąta padania wiązki na granicę 2–3 między płytami wynosi 2) ≈ 0,433;
B) Kąt załamania wiązki przy przekraczaniu granicy 3–1 (w radianach) wynosi 4) ≈ 0,873.
Odpowiedź. 24.
Określ, ile cząstek α i ile protonów powstaje w wyniku reakcji syntezy termojądrowej
+ → X+ y;
Rozwiązanie. We wszystkich reakcjach jądrowych przestrzegane są prawa zachowania ładunku elektrycznego i liczby nukleonów. Oznaczmy przez x liczbę cząstek alfa, y liczbę protonów. Ułóżmy równania
+ → x + y;
rozwiązując system, który mamy X = 1; y = 2
Odpowiedź. 1 – cząstka α; 2 – protony.
Moduł pędu pierwszego fotonu wynosi 1,32 · 10 –28 kg m/s, czyli jest o 9,48 · 10 –28 kg m/s mniej niż moduł pędu drugiego fotonu. Znajdź stosunek energii E 2 /E 1 drugiego i pierwszego fotonu. Zaokrąglij odpowiedź do najbliższej dziesiątej.
Rozwiązanie. Pęd drugiego fotonu jest większy niż pęd pierwszego fotonu zgodnie z warunkiem, co oznacza, że można go przedstawić P 2 = P 1 + Δ P(1). Energię fotonu można wyrazić w postaci pędu fotonu za pomocą poniższych równań. Ten mi = mc 2 (1) i P = mc(2), zatem
mi = szt (3),
Gdzie mi– energia fotonów, P– pęd fotonu, m – masa fotonu, C= 3 · 10 8 m/s – prędkość światła. Biorąc pod uwagę wzór (3) mamy:
| mi 2 | = | P 2 | = 8,18; |
| mi 1 | P 1 |
Zaokrąglamy odpowiedź do dziesiątych i otrzymujemy 8,2.
Odpowiedź. 8,2.
Jądro atomu uległo radioaktywnemu rozpadowi pozytonów β. Jak w rezultacie zmienił się ładunek elektryczny jądra i liczba znajdujących się w nim neutronów?
Dla każdej wielkości określ odpowiedni charakter zmiany:
- Zwiększony;
- Zmniejszone;
- Nie zmieniło się.
Zapisz wybrane liczby dla każdej wielkości fizycznej w tabeli. Liczby w odpowiedzi mogą się powtarzać.
Rozwiązanie. Pozyton β - rozpad w jądrze atomowym następuje, gdy proton przekształca się w neutron z emisją pozytonu. W rezultacie liczba neutronów w jądrze wzrasta o jeden, ładunek elektryczny maleje o jeden, a liczba masowa jądra pozostaje niezmieniona. Zatem reakcja transformacji pierwiastka jest następująca:
Odpowiedź. 21.
W laboratorium przeprowadzono pięć eksperymentów w celu obserwacji dyfrakcji przy użyciu różnych siatek dyfrakcyjnych. Każda z krat została oświetlona równoległymi wiązkami światła monochromatycznego o określonej długości fali. We wszystkich przypadkach światło padało prostopadle do kraty. W dwóch z tych eksperymentów zaobserwowano tę samą liczbę głównych maksimów dyfrakcyjnych. Wskaż najpierw numer doświadczenia, w którym zastosowano siatkę dyfrakcyjną o krótszym okresie, a następnie numer doświadczenia, w którym zastosowano siatkę dyfrakcyjną o większym okresie.
Rozwiązanie. Dyfrakcja światła to zjawisko polegające na skierowaniu wiązki światła na obszar cienia geometrycznego. Dyfrakcję można zaobserwować, gdy na drodze fali świetlnej znajdują się nieprzezroczyste obszary lub dziury w dużych przeszkodach nieprzezroczystych dla światła, a rozmiary tych obszarów lub dziur są proporcjonalne do długości fali. Jednym z najważniejszych urządzeń dyfrakcyjnych jest siatka dyfrakcyjna. Kierunki kątowe do maksimów obrazu dyfrakcyjnego są określone przez równanie
D sinφ = kλ (1),
Gdzie D– okres siatki dyfrakcyjnej, φ – kąt pomiędzy normalną do siatki a kierunkiem do jednego z maksimów obrazu dyfrakcyjnego, λ – długość fali światła, k– liczba całkowita zwana rzędem maksimum dyfrakcyjnego. Wyraźmy z równania (1)
Dobierając pary zgodnie z warunkami eksperymentu, wybieramy najpierw 4, w których zastosowano siatkę dyfrakcyjną o krótszym okresie, a następnie numer eksperymentu, w którym zastosowano siatkę dyfrakcyjną o większym okresie – czyli 2.
Odpowiedź. 42.
Prąd przepływa przez rezystor drutowy. Rezystor zastąpiono innym, drutem z tego samego metalu i tej samej długości, ale mającym połowę pola przekroju poprzecznego i przez który przepływał połowa prądu. Jak zmieni się napięcie na rezystorze i jego rezystancja?
Dla każdej wielkości określ odpowiedni charakter zmiany:
- Wzrośnie;
- Zmniejszą się;
- Nie zmieni się.
Zapisz wybrane liczby dla każdej wielkości fizycznej w tabeli. Liczby w odpowiedzi mogą się powtarzać.
Rozwiązanie. Ważne jest, aby pamiętać, od jakich wartości zależy rezystancja przewodu. Wzór na obliczenie oporu to:
Prawo Ohma dla odcinka obwodu, ze wzoru (2), wyrażamy napięcie
U = ja R (3).
Zależnie od warunków zadania, drugi rezystor wykonany jest z drutu z tego samego materiału, o tej samej długości, ale o innym polu przekroju poprzecznego. Powierzchnia jest dwukrotnie mniejsza. Podstawiając do (1) stwierdzamy, że rezystancja wzrasta 2 razy, a prąd maleje 2 razy, dlatego napięcie się nie zmienia.
Odpowiedź. 13.
Okres oscylacji wahadła matematycznego na powierzchni Ziemi jest 1,2 razy większy niż okres jego oscylacji na określonej planecie. Co to jest moduł przyspieszający? swobodny spadek na tej planecie? Wpływ atmosfery w obu przypadkach jest znikomy.
Rozwiązanie. Wahadło matematyczne to układ składający się z nici o wielu wymiarach więcej rozmiarów piłka i sama piłka. Trudność może się pojawić, jeśli zapomni się o wzorze Thomsona na okres drgań wahadła matematycznego.
T= 2π (1);
l– długość wahadła matematycznego; G- przyśpieszenie grawitacyjne.
Według warunku
Wyraźmy z (3) G n = 14,4 m/s 2. Należy zauważyć, że przyspieszenie grawitacyjne zależy od masy planety i promienia
Odpowiedź. 14,4 m/s2.
Prosty przewodnik o długości 1 m, w którym płynie prąd o natężeniu 3 A, znajduje się w jednorodnym polu magnetycznym z indukcją W= 0,4 Tesli pod kątem 30° do wektora. Jaka jest wielkość siły działającej na przewodnik od pola magnetycznego?
Rozwiązanie. Jeśli umieścisz przewodnik z prądem w polu magnetycznym, pole działające na przewodnik z prądem będzie działać z siłą amperową. Zapiszmy wzór na moduł siły Ampera
F A = ja LB sinα;
F A = 0,6 N
Odpowiedź. F A = 0,6 N.
Energia pola magnetycznego zgromadzona w cewce podczas przepływu przez nią prądu stałego wynosi 120 J. Ile razy należy zwiększyć natężenie prądu płynącego przez uzwojenie cewki, aby zgromadzona w niej energia pola magnetycznego wzrosła do 5760 J.
Rozwiązanie. Energię pola magnetycznego cewki oblicza się ze wzoru
| W m = | LI 2 | (1); |
| 2 |
Według warunku W Zatem 1 = 120 J W 2 = 120 + 5760 = 5880 J.
| I 1 2 = | 2W 1 | ; I 2 2 = | 2W 2 | ; |
| L | L |
Następnie aktualny współczynnik
| I 2 2 | = 49; | I 2 | = 7 |
| I 1 2 | I 1 |
Odpowiedź. Siłę prądu należy zwiększyć 7 razy. W formularzu odpowiedzi wpisujesz tylko cyfrę 7.
Obwód elektryczny składa się z dwóch żarówek, dwóch diod i zwoju przewodu połączonego w sposób pokazany na rysunku. (Dioda pozwala na przepływ prądu tylko w jednym kierunku, jak pokazano na górze rysunku.) Która z żarówek zaświeci się, jeśli biegun północny magnesu zbliży się do cewki? Uzasadnij swoją odpowiedź, wskazując, jakie zjawiska i wzorce wykorzystałeś w swoim wyjaśnieniu.
Rozwiązanie. Linie indukcji magnetycznej wychodzą z bieguna północnego magnesu i rozchodzą się. W miarę zbliżania się magnesu strumień magnetyczny przepływający przez cewkę drutu wzrasta. Zgodnie z regułą Lenza pole magnetyczne wytwarzane przez prąd indukcyjny cewki musi być skierowane w prawo. Zgodnie z zasadą świdra prąd powinien płynąć zgodnie z ruchem wskazówek zegara (patrząc od lewej). Dioda w drugim obwodzie lampy przechodzi w tym kierunku. Oznacza to, że zaświeci się druga lampka.
Odpowiedź. Zaświeci się druga lampka.
Długość szprych aluminiowych L= 25 cm i pole przekroju poprzecznego S= 0,1 cm 2 zawieszone na nitce przy górnym końcu. Dolny koniec opiera się na poziomym dnie naczynia, do którego wlewa się wodę. Długość zanurzonej części szprychy l= 10 cm Znajdź siłę F, za pomocą którego igła dziewiarska naciska na dno naczynia, jeśli wiadomo, że nić znajduje się pionowo. Gęstość aluminium ρ a = 2,7 g/cm 3, gęstość wody ρ b = 1,0 g/cm 3. Przyśpieszenie grawitacyjne G= 10 m/s 2
Rozwiązanie. Zróbmy rysunek objaśniający.
– Siła naciągu nici;
– Siła reakcji dna naczynia;
a jest siłą Archimedesa działającą tylko na zanurzoną część ciała i przyłożoną do środka zanurzonej części szprychy;
– siła ciężkości działająca na szprychę z Ziemi i przyłożona do środka całej szprychy.
Z definicji masa szprychy M i moduł siły Archimedesa wyraża się w następujący sposób: M = SLρ a (1);
F a = Ślρ w G (2)
Rozważmy momenty sił względem punktu zawieszenia szprychy.
M(T) = 0 – moment siły rozciągającej; (3)
M(N)= Holandia cosα jest momentem siły reakcji podpory; (4)
Biorąc pod uwagę znaki momentów, piszemy równanie
| Holandia cosα + Ślρ w G (L – | l | )cosα = SLρ A G | L | cosα (7) |
| 2 | 2 |
biorąc pod uwagę, że zgodnie z trzecim prawem Newtona siła reakcji dna naczynia jest równa tej sile F d, za pomocą którego igła dziewiarska naciska na dno naczynia, piszemy N = F d i z równania (7) wyrażamy tę siłę:
| fa re = [ | 1 | Lρ A– (1 – | l | )lρ w ] sierż (8). |
| 2 | 2L |
Zastąpmy dane liczbowe i otrzymajmy to
F d = 0,025 N.
Odpowiedź. F d = 0,025 N.
Cylinder zawierający M 1 = 1 kg azotu, podczas badania wytrzymałościowego eksplodował w temperaturze T 1 = 327°C. Jaka masa wodoru M 2 można przechowywać w takim cylindrze w temp T 2 = 27°C, mając pięciokrotny margines bezpieczeństwa? Masa molowa azotu M 1 = 28 g/mol, wodór M 2 = 2 g/mol.
Rozwiązanie. Napiszmy równanie stanu gazu doskonałego Mendelejewa – Clapeyrona dla azotu
Gdzie V– objętość cylindra, T 1 = T 1 + 273°C. W zależności od warunku wodór można przechowywać pod ciśnieniem P 2 = p 1/5; (3) Biorąc to pod uwagę
możemy wyrazić masę wodoru, korzystając bezpośrednio z równań (2), (3), (4). Ostateczna formuła wygląda następująco:
| M 2 = | M 1 | M 2 | T 1 | (5). | ||
| 5 | M 1 | T 2 |
Po podstawieniu danych liczbowych M 2 = 28 g.
Odpowiedź. M 2 = 28 g.
W idealnym obwodzie oscylacyjnym amplituda wahań prądu w cewce wynosi Jestem= 5 mA i amplitudę napięcia na kondensatorze Hmm= 2,0 V. W czasie T napięcie na kondensatorze wynosi 1,2 V. Znajdź w tym momencie prąd w cewce.
Rozwiązanie. W idealnym obwodzie oscylacyjnym energia oscylacyjna jest zachowana. Dla chwili czasu t zasada zachowania energii ma postać
| C | U 2 | + L | I 2 | = L | Jestem 2 | (1) |
| 2 | 2 | 2 |
Dla wartości amplitudy (maksymalnej) piszemy
i z równania (2) wyrażamy
| C | = | Jestem 2 | (4). |
| L | Hmm 2 |
Podstawmy (4) do (3). W rezultacie otrzymujemy:
I = Jestem (5)
Zatem prąd w cewce w danym momencie T równy
I= 4,0 mA.
Odpowiedź. I= 4,0 mA.
Na dnie zbiornika o głębokości 2 m znajduje się lustro. Promień światła przechodzący przez wodę odbija się od lustra i wychodzi z wody. Współczynnik załamania światła wody wynosi 1,33. Znajdź odległość pomiędzy punktem wejścia belki do wody a punktem wyjścia belki z wody, jeśli kąt padania belki wynosi 30°
Rozwiązanie. Zróbmy rysunek objaśniający
α jest kątem padania wiązki;
β jest kątem załamania wiązki w wodzie;
AC to odległość pomiędzy punktem wejścia wiązki do wody a punktem wyjścia wiązki z wody.
Zgodnie z prawem załamania światła
| sinβ = | sinα | (3) |
| N 2 |
Rozważmy prostokątny ΔADB. W nim AD = H, wówczas DB = AD
| tgβ = H tgβ = H | sinα | = H | sinβ | = H | sinα | (4) |
| cosβ |
Otrzymujemy następujące wyrażenie:
| AC = 2 DB = 2 H | sinα | (5) |
Podstawmy wartości liczbowe do otrzymanego wzoru (5)
Odpowiedź. 1,63 m.
W ramach przygotowań do egzaminu Unified State Exam zapraszamy do zapoznania się z program pracy z fizyki dla klas 7–9 do linii UMK Peryshkina A.V. I program pracy na poziomie zaawansowanym dla klas 10-11 dotyczący materiałów dydaktycznych Myakisheva G.Ya. Programy są dostępne do przeglądania i Darmowe pobieranie wszystkim zarejestrowanym użytkownikom.
Jednolity egzamin państwowy z fizyki– egzamin, który nie jest uwzględniony w wykazie egzaminów wymaganych dla wszystkich absolwentów. Fizykę wybierają potencjalni studenci inżynierii. Co więcej, każda uczelnia stawia sobie własną poprzeczkę – prestiżową instytucje edukacyjne może być bardzo wysoka. Absolwent musi to zrozumieć rozpoczynając przygotowania do egzaminu.Cel egzaminu– sprawdzenie poziomu wiedzy i umiejętności nabytych w trakcie nauki szkolnej pod kątem zgodności z normami i standardami określonymi w programie.
- Egzamin trwa prawie 4 godziny – 235 minut, czas ten należy odpowiednio rozłożyć pomiędzy zadaniami, aby pomyślnie zaliczyć je wszystkie, nie tracąc ani minuty.
- Można zabrać ze sobą kalkulator, gdyż do wykonania zadań potrzeba wielu skomplikowanych obliczeń. Możesz także wziąć linijkę.
- Praca składa się z trzech części, każda ma swoją charakterystykę i składa się z zadań o różnym stopniu złożoności.
Druga część jest podzielony na 2 bloki. W pierwszym bloku musisz zastosować formuły, prawa i teorie, aby rozwiązać problemy i uzyskać odpowiedź. Zdającemu przedstawiane są opcje, spośród których musi wybrać tę właściwą.
W drugim bloku - zadania, musisz podać szczegółowe rozwiązanie, pełne wyjaśnienie każdej akcji. Osoby sprawdzające zadanie powinny także zapoznać się tutaj ze wzorami, prawami, które służą do rozwiązania - muszą od nich zacząć szczegółowa analiza zadania.
Fizyka jest trudnym przedmiotem, około co 15-1 przystępuje do tego egzaminu rocznie, aby dostać się na politechnikę. Zakłada się, że absolwent mający takie cele nie będzie uczył się przedmiotu „od zera”, aby przygotować się do Unified State Exam.
Aby pomyślnie przejść test, należy:
- Zacznij powtarzać materiał z wyprzedzeniem, podejdź do tematu kompleksowo;
- Aktywnie stosuj teorię w praktyce – rozwiązuj wiele zadań o różnym stopniu złożoności;
- Kształcić się;
- Weź udział w testach online dotyczących pytań z poprzednich lat.
Zmiany w Zadania z egzaminu jednolitego stanu z fizyki w 2019 r nie ma roku.
Struktura zadań jednolitego egzaminu państwowego z fizyki – 2019
Arkusz egzaminacyjny składa się z dwóch części, obejmujących m.in 32 zadania.
Część 1 zawiera 27 zadań.
- W zadaniach 1–4, 8–10, 14, 15, 20, 25–27 odpowiedzią jest liczba całkowita lub liczba skończona dziesiętny.
- Odpowiedzią na zadania 5–7, 11, 12, 16–18, 21, 23 i 24 jest ciąg dwóch liczb.
- Odpowiedzią na zadania 19 i 22 są dwie liczby.
Część 2 zawiera 5 zadań. Odpowiedź na zadania 28–32 zawiera szczegółowy opis cały postęp zadania. Druga część zadań (ze szczegółową odpowiedzią) jest oceniana przez komisję ekspercką na podstawie.
Tematy egzaminu jednolitego z fizyki, które zostaną uwzględnione w arkuszu egzaminacyjnym
- Mechanika(kinematyka, dynamika, statyka, prawa zachowania w mechanice, drgania mechaniczne i fale).
- Fizyka molekularna(teoria kinetyki molekularnej, termodynamika).
- Elektrodynamika i podstawy SRT(pole elektryczne, prąd stały, pole magnetyczne, indukcja elektromagnetyczna, drgania i fale elektromagnetyczne, optyka, podstawy SRT).
- Fizyka kwantowa i elementy astrofizyki(dualizm falowo-korpuskularny, fizyka atomowa, fizyka jądra atomowego, elementy astrofizyki).
Czas trwania jednolitego egzaminu państwowego z fizyki
Całość prac egzaminacyjnych zostanie zakończona 235 minut.
Szacowany czas wykonania zadań różne części Praca jest:
- na każde zadanie z krótką odpowiedzią – 3–5 minut;
- na każde zadanie ze szczegółową odpowiedzią – 15–20 minut.
Co możesz zdać na egzamin:
- Stosowany jest kalkulator nieprogramowalny (dla każdego ucznia) z możliwością wykonywania obliczeń funkcje trygonometryczne(cos, grzech, tg) i władca.
- Lista dodatkowych urządzeń i urządzeń, których użycie jest dozwolone w ramach Jednolitego Egzaminu Państwowego, jest zatwierdzana przez Rosobrnadzor.
Ważny!!! Podczas egzaminu nie należy polegać na ściągawkach, wskazówkach i korzystaniu ze środków technicznych (telefony, tablety). Nadzór wideo na egzaminie Unified State Exam 2019 zostanie wzmocniony dodatkowymi kamerami.
Wyniki egzaminu Unified State Exam z fizyki
- 1 punkt - za 1-4, 8, 9, 10, 13, 14, 15, 19, 20, 22, 23, 25, 26, 27 zadań.
- 2 punkty - 5, 6, 7, 11, 12, 16, 17, 18, 21, 24.
- 3 punkty - 28, 29, 30, 31, 32.
Razem: 52 punkty(maksymalny wynik podstawowy).
Co musisz wiedzieć przygotowując zadania do egzaminu Unified State Exam:
- Znać/rozumieć znaczenie pojęć fizycznych, wielkości, praw, zasad, postulatów.
- Potrafić opisywać i wyjaśniać zjawiska fizyczne i właściwości ciał (w tym obiektów kosmicznych), wyniki eksperymentów... podawać przykłady praktycznego wykorzystania wiedzy fizycznej
- Odróżnij hipotezy od teoria naukowa, wyciągaj wnioski na podstawie eksperymentu itp.
- Potrafić zastosować zdobytą wiedzę przy rozwiązywaniu problemów fizycznych.
- Wykorzystywać zdobytą wiedzę i umiejętności w działaniach praktycznych i życiu codziennym.
Od czego zacząć przygotowania do jednolitego egzaminu państwowego z fizyki:
- Przestudiuj teorię wymaganą do każdego zadania.
- Pociąg w zadania testowe z fizyki, opracowany na podstawie Jednolitego Egzaminu Państwowego. Na naszej stronie będą aktualizowane zadania i opcje z fizyki.
- Zarządzaj prawidłowo swoim czasem.
Życzymy sukcesu!
1) JEDNOLITY EGZAMIN PAŃSTWOWY Z FIZYKI JEST TRWAŁY 235 minut
2) STRUKTURA CIM-ów – lata 2018 i 2019 w porównaniu do roku 2017. Lekko ZMIENIONE: Wersja egzaminu będzie składać się z dwóch części i zawierać 32 zadania. Część 1 będzie zawierać 24 pozycje z krótkimi odpowiedziami, w tym pozycje samoopisowe wymagające liczby, dwóch liczb lub słowa, a także pozycje dopasowujące i wielokrotnego wyboru, które wymagają zapisania odpowiedzi w postaci ciągu liczb. Część 2 będzie zawierać łącznie 8 zadań ogólna perspektywa działania - rozwiązywanie problemów. Spośród nich 3 zadania z krótką odpowiedzią (25–27) i 5 zadań (28–32), w przypadku których należy podać szczegółową odpowiedź. Praca będzie zawierała zadania o trzech poziomach trudności. Zadania na poziomie podstawowym znajdują się w pierwszej części pracy (18 zadań, w tym 13 zadań z odpowiedzią zapisaną w postaci liczby, dwóch liczb lub słowa oraz 5 zadań dopasowywania i wielokrotnego wyboru). Zadania na poziomie zaawansowanym podzielone są pomiędzy części 1 i 2 pracy egzaminacyjnej: 5 zadań krótkiej odpowiedzi w części 1, 3 zadania krótkiej odpowiedzi i 1 zadanie długiej odpowiedzi w części 2. Ostatnie cztery zadania części 2 to zadania wysoki poziom złożoności. Pierwsza część pracy egzaminacyjnej będzie obejmowała dwa bloki zadań: pierwszy sprawdzający opanowanie aparatu pojęciowego ze szkolnego kursu fizyki, drugi sprawdzający opanowanie umiejętności metodycznych. Pierwszy blok zawiera 21 zadań, które pogrupowano tematycznie: 7 zadań z mechaniki, 5 zadań z MCT i termodynamiki, 6 zadań z elektrodynamiki i 3 z fizyki kwantowej.
Nowym zadaniem o podstawowym stopniu złożoności jest ostatnie zadanie części pierwszej (poz. 24), zbiegające się w czasie z powrotem kursu astronomii do programu szkolnego. Zadanie ma cechę typu „wybór 2 sądów z 5”. Zadanie 24, podobnie jak inne podobne zadania w arkusz egzaminacyjny, ocenia się maksymalnie na 2 punkty, jeśli oba elementy odpowiedzi są prawidłowe, i 1 punkt, jeśli w jednym z elementów popełniono błąd. Kolejność wpisywania liczb w odpowiedzi nie ma znaczenia. Co do zasady zadania będą miały charakter kontekstowy, tj. Część danych wymaganych do wykonania zadania zostanie przedstawiona w formie tabeli, diagramu lub wykresu.
Zgodnie z tym zadaniem do kodyfikatora dodano podrozdział „Elementy astrofizyki” w dziale „Fizyka kwantowa i elementy astrofizyki”, zawierający następujące punkty:
· Układ Słoneczny: planety ziemskie i planety-olbrzymy, małe ciała Układu Słonecznego.
· Gwiazdy: różnorodność cech gwiazd i ich wzory. Źródła energii gwiazd.
· Współczesne idee dotyczące pochodzenia i ewolucji Słońca i gwiazd. Nasza galaktyka. Inne galaktyki. Skale przestrzenne obserwowalnego Wszechświata.
· Nowoczesne widoki o budowie i ewolucji Wszechświata.
Więcej o strukturze KIM-2018 można dowiedzieć się oglądając webinarium z udziałem M.Yu. Demidowa https://www.youtube.com/watch?v=JXeB6OzLokU lub w dokumencie poniżej.
